Главная Учебники - Разные Лекции (разные) - часть 27
Дано: Q= 4 кН Т=6 кН G=3 кН a=20 см b=40 см c=15 см R=20 см r=10 см T=2ttIIAY TAZ PIIAY Решение:
К системе приложены сила тяжести G, силы натяжения нитей T, t и P. Реакция подпятника А определяется тремя составляющими: XА, YA,ZA, а реакция подшипника В-двумя: Хв и Yв. Из этих сил – шесть неизвестных. Для их определения можно составить шесть уравнений равновесия. ΣX=0 XA+XB-Tcos30°= 0 (1) ΣY=0 YA+YB+Tsin30°+P+t = 0 (2) ΣZ=0 ZA-G-Q=0 (3) ΣMAX=0 –YB(a+b)-Pa-QRcos45°-t(a+b+c)-Tsin30°(a+b+c)=0 (4) ΣMAY=0 XB(a+b)-QRsin45°-Tcos30°(a+b+c)=0 (5) ΣMAZ=0 Pr+tR-TR=0 (6) Из уравнения (6) находим P=(T-t)R/r = (6-3)*20/10= 6 кН Из уравнения (5) находим XB= (QRsin45°+Tcos30°(a+b+c))/(a+b) = (4*20*0,707+6*0,866(20+40+15))/(20+40) = 7,44 кH Из уравнения (4) находим YB= -(Pa+QRcos45°+t(a+b+c)+Tsin30°(a+b+c))/(a+b) = -(6*20+4*20*0,707+3*(20+40+15)+6*0,5(20+40+15))/(20+40)= -10,44 кH Из уравнения (3) находим ZA=G+Q=3+4= 7 кH Из уравнения (2) находим YA=-YB-Tsin30°-P-t=10,4-6*0,5-6-3= -1,6 кН Из уравнения (1) находим XA=-XB+Tcos30°= -7,44+6*0,866= -2,24 кН Знак (-) перед найденными значениями реакций XA,YAи YB означает, что данные силы действуют в направлении, противоположном выбранному на рисунке. Точка М
движется относительно тела D
. По заданным уравнениям относительного движения точки М
и движения тела D
определить для момента времени t
=
t
1
абсолютную скорость и абсолютное ускорение точки M
. Схема механизма показана на рисунке 1, исходные данные, приведены в таблице 1: Уравнение относительного движения точки М
ОМ=
Sr
=
Sr
(
t
),см.
Уравнение движения тела φ
e
=
φ
e
(
t
),
рад t1
,
c α
,
град Рисунок 1 Решение
Будем считать, что в заданный момент времени плоскость чертежа совпадает с плоскостью треугольника D
.
Положение точки М
на теле D
определяется расстоянием Sr
=ОМ.
При t
= 2 c Sr
=6(2+0,5*22
) = 24 см. Абсолютную скорость точки М
найдём как геометрическую сумму относительной и переносной скоростей: Модуль относительной скорости где При t
= 2 c Положительный знак у где R
– радиус окружности L, описываемый той точкой тела, с которой в данный момент совпадает точка M
, R
=
Sr
sin
30
0
=
12 см; При t
= 2 c Положительный знак у величины Модуль переносной скорости, по формуле (1), Вектор или Абсолютное ускорение точки равно геометрической сумме относительного, переносного и кориолисова ускорений: или в развёрнутом виде Рисунок 2 Рисунок 3 Модуль относительного касательного ускорения где При t
= 2 c Положительный знак Относительное нормальное ускорение так как траектория относительного движения – прямая ( Модуль переносного вращательного ускорения где При t
= 2 c Знаки Согласно (2), Вектор Модуль переносного центростремительного ускорения Вектор Кориолисово ускорение Модуль кориолисова ускорения где С учётом найденных выше значений, получаем Вектор Модуль абсолютного ускорения точки М
находим способом проекций: Результаты расчёта сведены в таблице 2. Дано ω m1
=mA m2
=1/2m R N ω FтрN m3
=1/3m G δ R3
=30 p 300
G α=300
β=450
450
f=0.15 Рис №1 δ=0.20см d S=1.75м А Найти v1
N G р N G Применим теорему об изменении кинетической энергии системы: где Для рассматриваемой системы, состоящей из абсолютно твердых тел, соединенных нерастяжимыми нитями. Так как в начальном положении система находится в покое, то Следовательно, формула (1) принимает вид. Найдем кинетические энергии тел участвующих в системе. Найдем кинетическую энергию тела 1 движущегося поступательно Найдем кинетическую энергию тела 2 вращающегося вокруг оси Ox Момент инерции относительно оси вращения. Так как точка Р является мгновенным центром скоростей, то Подставив в формулу (4) формулы (5) и (6) получим кинетическую энергию тела 2 вращающегося вокруг оси Ox: Найдем кинетическую энергию тела 3 совершающего плоско вращательное движение Так как точка Р является мгновенным центром скоростей, то Подставив в формулу (8) формулы (9) и (10) получим кинетическую энергию тела 3 совершающего плоско вращательное движение: Теперь полученные формулы (3), (7) и (11) подставим в формулу вида и получим формулу суммы кинетических энергий для данной системы имеющий вид: Найдем сумму работ всех внешних сил, приложенных к системе, на заданной ее перемещении. Работа силы тяжести Работа силы трения при подстановки в формулу (14) формулу (15) работа силы трения имеет вид Работа силы тяжести Работа силы сцепления Работа пары сил сопротивления качению катка 3 при подстановки в формулу (19) формулы (20) момент инерции имеет вид при подстановки в формулу (18) формул (21) и (22) работа пары сил сопротивления качению имеет вид. для нахождения общей работы воспользуемся формулой такой примем за подставим в выражение (24) уравнение (25) и получим воспользовавшись формулой (2) и подставив, туда формулы (12) и (26) получим подставив в формулу (27) выражение (25) получим ответ; Р1
=6кН Р2
=6кН q=1кН/м M=7кН*м Q=q*10=10кН 1) Xc
-? Q*dtc
-p1
cos Xc
+Q-p1
cos Xc
=p1
cos 2) Yc
-? MdjAD
-Q*10djAD
+Yc
*5djB
-p2
*3sin djAD
-djBC
M-Q*10+Yc
*5-p2
*3sin 10-6*0,86-6*0,5-1,8=0 7,15-13,69-8,16+14,7=0 Исходные данные
Лыжник подходит к точке A участка трамплина AB, наклонённого под углом α к горизонту и имеющего длину l, со скоростью VA
. Коэффициент трения скольжения лыж на участке AB равен f. Лыжник от точки A до точки B движется τ с. В точке B со скоростью VB
он покидает трамплин. Через T с. лыжник приземляется со скоростью VC
в точке C горы, составляющей угол β с горизонтом. Найти
По заданным параметрам движения точки определить угол α и дальность полёта d. Решение.
1.
Рассмотрим движение лыжника на участке AB. Принимая его за материальную точку, покажем действующие на него силы. Так как коэффициент трения равен нулю, то сила трения отсутствует, следовательно, на точку действует только сила тяжести G. Пусть масса точки равна m, тогда составим уравнение движения точки на участке AB. Интегрируя данное дифференциальное уравнение дважды, получаем: Для определения постоянных интегрирования воспользуемся начальными условиями: при t1
=0 с: Таким образом, имеем: То есть уравнения движения точки примут вид: Для момента τ, когда точка покидает участок AB, 2.
Составим дифференциальные уравнения движения точки вдоль осей координат на участке BC. Проинтегрируем дифференциальные уравнения дважды: Начальные условия данной задачи при t2
=0 c: Согласно начальным условиям получаем, что: Получили, что проекции скорости точки на оси координат равны: а уравнения её движения вдоль осей имеют следующий вид: Так как в точке C скорость точки направлена под углом β к горизонту, то скорость точки вдоль оси y2
равна: В то же время известно, что Следовательно, время движения лыжника на участке DC равно: Таким образом, дальность прыжка лыжника равна: Результаты расчётов
Исследование колебательного движения материальной точки
Две параллельные пружины 1 и 2, имеющие коэффициенты жесткости с1
=4 Н/см и с2
=6 Н/см, соединены абсолютно жестким брусом AB, к точке K которого прикреплена пружина 3 с коэффициентом жесткости с3
=15 Н/см. Точка K находится на расстояниях a и b от осей пружин 1 и 2: a/b=c2
/c1
. Пружины 1, 2 и 3 не деформированы. Груз D массой 2,5 кг. Присоединяется к концу N пружины 3; в тот же момент грузу D сообщают скорость Дано: Найти: уравнение движения груза D. Решение
1) Находим приведенную жесткость пружин: Для определения fс
m
составим уравнение, соответствующее состоянию покоя груза D на наклонной плоскости: Дифференциальное уравнение движения груза примет вид: Постоянные С1
и С2
определяем из начального условия: при t=0; x0
=-fcm
;
Уравнение движения груза имеет следующий вид: Найдем числовые значения входящих в уравнение величин Следовательно, уравнение движения груза D: Ответ:
|